2019年海南省高考数学试题及答案（文科）

2019年普通高等学校招生全国统一考试文科数学本试卷共5页。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合，，则A∩B=={|1}Axx{|2}BxxA．(–1，+∞)B．(–∞，2)C．(–1，2)D．2．设z=i(2+i)，则=zA．1+2iB．–1+2iC．1–2iD．–1–2i3．已知向量a=(2，3)，b=(3，2)，则|a–b|=A．B．22C．5D．5024．生物实验室有5只兔子，其中只有3只测量过某项指标，若从这5只兔子中随机取出3只，则恰有2只测量过该指标的概率为A．B．2335C．D．25155．在“一带一路”知识测验后，甲、乙、丙三人对成绩进行预测．甲：我的成绩比乙高．乙：丙的成绩比我和甲的都高．丙：我的成绩比乙高．成绩公布后，三人成绩互不相同且只有一个人预测正确，那么三人按成绩由高到低的次序为A．甲、乙、丙B．乙、甲、丙C．丙、乙、甲D．甲、丙、乙6．设f(x)为奇函数，且当x≥0时，f(x)=，则当x0时，f(x)=e1xA．B．e1xe1xC．D．e1xe1x7．设α，β为两个平面，则α∥β的充要条件是A．α内有无数条直线与β平行B．α内有两条相交直线与β平行C．α，β平行于同一条直线D．α，β垂直于同一平面8．若x1=，x2=是函数f(x)=(0)两个相邻的极值点，则=44sinxA．2B．32C．1D．129．若抛物线y2=2px（p0）的焦点是椭圆的一个焦点，则p=2213xyppA．2B．3C．4D．810．曲线y=2sinx+cosx在点(π，–1)处的切线方程为A．B．10xy2210xyC．D．2210xy10xy11．已知a∈（0，），2sin2α=cos2α+1，则sinα=π2A．B．1555C．D．3325512．设F为双曲线C：（a0，b0）的右焦点，O为坐标原点，以OF为直径的圆与圆x222221xyab+y2=a2交于P、Q两点．若|PQ|=|OF|，则C的离心率为A．B．23C．2D．5二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13．若变量x，y满足约束条件则z=3x–y的最大值是___________.23603020xyxyy，，，14．我国高铁发展迅速，技术先进．经统计，在经停某站的高铁列车中，有10个车次的正点率为0.97，有20个车次的正点率为0.98，有10个车次的正点率为0.99，则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为___________.15．的内角A，B，C的对边分别为a，b，c.已知bsinA+acosB=0，则B=___________.ABC△16．中国有悠久的金石文化，印信是金石文化的代表之一．印信的形状多为长方体、正方体或圆柱体，但南北朝时期的官员独孤信的印信形状是“半正多面体”（图1）.半正多面体是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体.半正多面体体现了数学的对称美．图2是一个棱数为48的半正多面体，它的所有顶点都在同一个正方体的表面上，且此正方体的棱长为1．则该半正多面体共有________个面，其棱长为_________．（本题第一空2分，第二空3分．）三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答．第22、23题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题：共60分。17．（12分）如图，长方体ABCD–A1B1C1D1的底面ABCD是正方形，点E在棱AA1上，BE⊥EC1.（1）证明：BE⊥平面EB1C1；（2）若AE=A1E，AB=3，求四棱锥的体积．11EBBCC18．（12分）已知是各项均为正数的等比数列，.{}na1322,216aaa（1）求的通项公式；{}na（2）设，求数列的前n项和.2lognnba{}nb19．（12分）某行业主管部门为了解本行业中小企业的生产情况，随机调查了100个企业，得到这些企业第一季度相对于前一年第一季度产值增长率y的频数分布表.的分组y[0.20,0)[0,0.20)[0.20,0.40)[0.40,0.60)[0.60,0.80)企业数22453147（1）分别估计这类企业中产值增长率不低于40%的企业比例、产值负增长的企业比例；（2）求这类企业产值增长率的平均数与标准差的估计值（同一组中的数据用该组区间的中点值为代表）.（精确到0.01）附：.748.60220．（12分）已知是椭圆的两个焦点，P为C上一点，O为坐标原点．12,FF2222:1(0)xyCabab（1）若为等边三角形，求C的离心率；2POF△（2)如果存在点P，使得，且的面积等于16，求b的值和a的取值范围.12PFPF12FPF△21.（12分）已知函数.证明：()(1)ln1fxxxx（1）存在唯一的极值点；()fx（2）有且仅有两个实根，且两个实根互为倒数.()=0fx（二）选考题：共10分．请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分．22．[选修4-4：坐标系与参数方程]（10分）在极坐标系中，O为极点，点在曲线上，直线l过点且与垂000(,)(0)M:4sinC(4,0)AOM直，垂足为P.（1）当时，求及l的极坐标方程；0=30（2）当M在C上运动且P在线段OM上时，求P点轨迹的极坐标方程.23．[选修4-5：不等式选讲]（10分）已知()|||2|().fxxaxxxa（1）当时，求不等式的解集；1a()0fx（2）若时，，求的取值范围.(,1)x()0fxa1．C2．D3．A4．B5．A6．D7．B8．A9．D10．C11．B12．A13．914．0.9815．16．263π42117．解：（1）由已知得B1C1⊥平面ABB1A1，BE平面ABB1A1，故.11BCBE又，所以BE⊥平面.1BEEC11EBC（2）由（1）知∠BEB1=90°.由题设知Rt△ABE≌Rt△A1B1E，所以，故AE=AB=3，1145AEBAEB.126AAAE作，垂足为F，则EF⊥平面，且.1EFBB11BBCC3EFAB所以，四棱锥的体积.11EBBCC1363183V18．解：（1）设的公比为q，由题设得na，即.22416qq2280qq解得（舍去）或q=4.2q因此的通项公式为.na121242nnna（2）由（1）得，因此数列的前n项和为.2(21)log221nbnnnb1321nn19.解：（1）根据产值增长率频数分布表得，所调查的100个企业中产值增长率不低于40%的企业频率为.1470.21100产值负增长的企业频率为.20.02100用样本频率分布估计总体分布得这类企业中产值增长率不低于40%的企业比例为21%，产值负增长的企业比例为2%.（2），1(0.1020.10240.30530.50140.707)0.30100y52211100iiisnyy222221(0.40)2(0.20)240530.20140.407100，=0.0296，0.02960.02740.17s所以，这类企业产值增长率的平均数与标准差的估计值分别为30%，17%.20.解：（1）连结，由为等边三角形可知在中，，，1PF2POF△12FPF△1290FPF2PFc，于是，故的离心率是.13PFc122(31)aPFPFcC31cea（2）由题意可知，满足条件的点存在当且仅当，，，(,)Pxy1||2162yc1yyxcxc22221xyab即，①||16cy，②222xyc，③22221xyab由②③及得，又由①知，故.222abc422byc22216yc4b由②③得，所以，从而故.22222axcbc22cb2222232,abcb42a当，时，存在满足条件的点P.4b42a所以，的取值范围为.4ba[42,)21.解：（1）的定义域为（0，+）.()fx.11()ln1lnxfxxxxx因为单调递增，单调递减，所以单调递增，又，lnyx1yx()fx(1)10f，故存在唯一，使得.1ln41(2)ln2022f0(1,2)x00fx又当时，，单调递减；当时，，单调递增.0xx()0fx()fx0xx()0fx()fx因此，存在唯一的极值点.()fx（2）由（1）知，又，所以在内存在唯一根0(1)2fxf22ee30f()0fx0,x.x由得.01x011x又，故是在的唯一根.1111()1ln10ff1()0fx00,x综上，有且仅有两个实根，且两个实根互为倒数.()0fx22．解：（1）因为在C上，当时，.00,M0304sin233由已知得.||||cos23OPOA设为l上除P的任意一点.在中，(,)QRtOPQ△cos||23OP经检验，点在曲线上.(2,)3Pcos23所以，l的极坐标方程为.cos23（2）设，在中，即..(,)PRtOAP△||||cos4cos,OPOA4cos因为P在线段OM上，且，故的取值范围是.APOM,42所以，P点轨迹的极坐标方程为.4cos,,4223．解：（1）当a=1时，.()=|1|+|2|(1)fxxxxx当时，；当时，.1x2()2(1)0fxx1x()0fx所以，不等式的解集为.()0fx(,1)（2）因为，所以.()=0fa1a当，时，.1a(,1)x()=()+(2)()=2()(1)0fxaxxxxaaxx所以，的取值范围是.a[1,)选择填空解析2019年普通高等学校招生全国统一考试（全国Ⅱ卷）文科数学1.设集合，，则()1-|xxA2|xxBBAA.),1(B.)2,(C.)2,1(D.答案：C解析：，，∴.1-|xxA2|xxB）（2,1BA2.设，则()(2)ziizA.12iB.12iC.12iD.12i答案：D解析：因为，所以.(2)12ziii12zi3.已知向量，，则（）(2,3)a(3,2)babA.2B.2C.52D.50答案：A解答：由题意知，所以.(1,1)ab2ab4.生物实验室有只兔子，其中只有只测量过某项指标.若从这只兔子中随机取出只，则恰有只测量过53532该指标的概率为（）A.23B.35C.25D.15答案：B解答：计测量过的3只兔子为、、，设测量过的只兔子为、则3只兔子的种类有1232AB(1,2